Mathematische und statistische Methoden für Pharmazeuten — Lösung Blatt 7 — Aufgabe 1 zu (a) Wir wenden die Produktregel auf u(x) = x2 , v(x) = exp(x) an und erhalten f 0 (x) = zu (b) Zunächst berechnen wir die Ableitung von u(x) = (x + 2)(x2 + 3x + 5), durch Anwendung der (uv)0 (x) u0 (x)v(x) + u(x)v 0 (x) = = 2x exp(x) + x2 exp(x) = (x2 + 2x) exp(x). Produktregel auf v(x) = x + 2 und w(x) = x2 + 3x + 5. Es gilt v 0 (x) = 1, w0 (x) = 2x + 3 und somit u0 (x) (vw)0 (x) = v 0 (x)w(x) + v(x)w0 (x) = = (x2 + 3x + 5) + (2x2 + 4x + 3x + 6) = 1 · (x2 + 3x + 5) + (x + 2)(2x + 3) = 3x2 + 10x + 11. Nun wenden wir die Kettenregel auf die Funktionen exp und u an. Wir erhalten g 0 (x) = (exp ◦u)0 (x) exp0 (u(x))u0 (x) = = exp((x + 2)(x2 + 3x + 5))(3x2 + 10x + 11). zu (c) Zunächst bestimmen wir die Ableitung von u(x) = (x−7)6 mit Hilfe der Kettenregel, angewendet auf v(x) = x − 7 und w(x) = x6 . Es gilt v 0 (x) = 1, w0 (x) = 6x5 und somit u0 (x) (w ◦ v)0 (x) = = w0 (v(x))v 0 (x) = 6(x − 7)5 · 1 = 6(x − 7)5 . Im nächsten Schritt bestimmen wir die Ableitung von k(x) = (x + 5)(x − 7)6 mit Hilfe der Produktregel, angewendet auf `(x) = x + 5 und u. Wegen `0 (x) = 1 erhalten wir k 0 (x) = (`u)0 (x) = `0 (x)u(x) + `(x)u0 (x) = 1 · (x − 7)6 + (x + 5) · 6(x − 7)5 ((x − 7) + 6(x + 5))(x − 7)5 = (7x + 23)(x − 7)5 . = Nun bestimmen wir die Ableitung von h durch Anwendung der Quotientenregel auf k und m(x) = x2 +1. Es gilt m0 (x) = 2x und 0 k 0 (x) h (x) = m = = = = k 0 (x)m(x) − k(x)m0 (x) m(x)2 = (7x + 23)(x − 7)5 (x2 + 1) − (x + 5)(x − 7)6 · 2x (x2 + 1)2 (x − 7)5 ((7x + 23)(x2 + 1) − 2x(x + 5)(x − 7)) (x2 + 1)2 (x − 7)5 (7x3 + 23x2 + 7x + 23 − 2x(x2 + 5x − 7x − 35)) (x2 + 1)2 (x − 7)5 (7x3 + 23x2 + 7x + 23 − 2x3 + 4x2 + 70x) (x2 + 1)2 = (x − 7)5 (5x3 + 27x2 + 77x + 23) (x2 + 1)2 Aufgabe 2 Die Ableitung der Sinusfunktion erhält man durch !0 ∞ ∞ 2n+1 X ∂ X (2n + 1)x2n 0 n x (−1) = sin (x) = (−1)n ∂x n=0 (2n + 1)! (2n + 1)! n=0 Die Ableitung der Kosinusfunktion ergibt sich aus der Rechnung ! ∞ ∞ 2n X X x (2n)x2n−1 ∂ n 0 (−1) = (−1)n cos (x) = ∂x n=0 (2n)! (2n)! n=0 ∞ X (−1)n+1 n=0 x2(n+1)−1 (2(n + 1) − 1)! − = ∞ X (−1)n n=0 ∞ X = (−1)n n=0 = ∞ X (−1)n n=1 x2n+1 (2n + 1)! = x2n (2n)! x2n−1 (2n − 1)! = cos(x). = − sin(x). Aufgabe 3 Wegen 1 n > 0 gilt jeweils f ( n1 ) = 1 n für alle n ∈ N. Daraus folgt f ( n1 ) − f (0) 1 n→∞ n −0 lim = 1 n n→∞ 1 n lim −0 −0 = lim 1 n→∞ = 1. Aus − n1 ≤ 0 folgt andererseits f (− n1 ) = 0 für alle n ∈ N und somit f (− n1 ) − f (0) n→∞ (− n1 ) − 0 lim = lim n→∞ 0−0 (− n1 ) − 0 = lim 0 n→∞ = 0. Wäre f an der Stelle 0 differenzierbar mit Ableitung f 0 (0) = c, dann müsste lim n→∞ f (xn ) − f (0) xn − 0 = c für jede Folge (xn )n∈N mit Grenzwert 0 gelten. Wir haben aber für zwei verschiedene Folgen die Grenzwerte 1 und 0 herausbekommen, und 1 = c = 0 ist unmöglich.
© Copyright 2025 ExpyDoc